Tính thể tích của khối lăng trụ tứ giác đều có cạnh đáy bằng a, cạnh bên bằng 6h là:
Tính thể tích của khối lăng trụ tứ giác đều có cạnh đáy bằng a, cạnh bên bằng 6h là:
Trong nội dung bài viết này Vted tiếp tục reviews cho tới những em một trong những dạng toán biện luận khoảng cách kể từ điểm đến chọn lựa đường thẳng liền mạch và khoảng cách thân thích hai tuyến phố trực tiếp hoặc bắt gặp trong những đề ganh đua. Hy vọng nội dung bài viết sẽ hỗ trợ ích cho những em vô quy trình ôn luyện và nhập cuộc những kì ganh đua tiếp đây.
Bạn đang xem: Các dạng toán biện luận khoảng cách từ điểm đến đường thẳng trong hệ toạ độ Oxyz | Học toán online chất lượng cao 2024 | Vted
A – Kiến thức cần thiết dùng
+ Hình chiếu vuông góc H của điểm A lên đường thẳng liền mạch d:
Giải phương trình $\overrightarrow{AH}.\overrightarrow{{{u}_{d}}}=0,H\in d$ Lúc cơ phỏng lâu năm đoạn $AH$ đó là khoảng cách kể từ A cho tới d.
+ Hình chiếu vuông góc của điểm A(a;b;c) lên những trục toạ phỏng Ox, Oy, Oz thứu tự là H(a;0;0), K(0;b;0), T(0;0;c)
+ Khoảng cơ hội kể từ điểm đến chọn lựa đường thẳng liền mạch được xem theo dõi công thức $d\left( A,d \right)=\dfrac{\left| \left[ \overrightarrow{AM},\overrightarrow{{{u}_{d}}} \right] \right|}{\left| \overrightarrow{{{u}_{d}}} \right|},M\in d$
Chứng minh. Trên $d$ lấy tăng điểm $B$ sao cho tới $\overrightarrow{MB}=\overrightarrow{{{u}_{d}}}$
$\Rightarrow d\left( A,d \right)=AH=\dfrac{2{{S}_{ABM}}}{MB}=\dfrac{\left| \left[ \overrightarrow{AM},\overrightarrow{MB} \right] \right|}{\left| \overrightarrow{MB} \right|}=\dfrac{\left| \left[ \overrightarrow{AM},\overrightarrow{{{u}_{d}}} \right] \right|}{\left| \overrightarrow{{{u}_{d}}} \right|}$
B – Các dạng toán
Xét đường thẳng liền mạch $d$ trải qua $M\Rightarrow d{{\left( A,d \right)}_{\max }}=AM\Leftrightarrow d\bot AM;d{{\left( A,d \right)}_{\min }}=0\Leftrightarrow A\in d$
Ví dụ 1: Trong không khí $Oxyz,$ cho tới nhì điểm $A\left( 2;0;1 \right),B\left( 1;1;2 \right)$ và mặt mũi bằng $\left( Phường \right):2x+y-2z+2=0.$ Gọi $d$ là đường thẳng liền mạch qua chuyện $B$ tuy vậy song với $\left( Phường \right)$ và cơ hội điểm $A$ một khoảng chừng lớn số 1. Phương trình của $d$ là
A. $\left\{ \begin{gathered} x = 2 + t \hfill \\ hắn = 0 \hfill \\ z = 1 + t \hfill \\ \end{gathered} \right..$ |
B. $\left\{ \begin{gathered} x = 1 + t \hfill \\ hắn = 1 \hfill \\ z = 2 + t \hfill \\ \end{gathered} \right..$ |
C. \[\left\{ \begin{gathered} x = 2 + t \hfill \\ hắn = 2t \hfill \\ z = 1 + 2t \hfill \\ \end{gathered} \right..\] |
D. \[\left\{ \begin{gathered} x = 1 + t \hfill \\ hắn = 1 + 2t \hfill \\ z = 2 + 2t \hfill \\ \end{gathered} \right..\] |
Giải. Ta sở hữu $d\left( A,d \right)\le AB=\sqrt{3}$ đạt bên trên $d\bot AB\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}\bot \overrightarrow{AB}\left( -1;1;1 \right);\overrightarrow{{{u}_{d}}}\bot \overrightarrow{{{n}_{P}}}\left( 2;1;-2 \right)$
$ \Rightarrow \overrightarrow {{u_d}} = \left[ {\overrightarrow {AB} ,\overrightarrow {{n_P}} } \right] = \left( { - 3;0; - 3} \right)||\left( {1;0;1} \right) \Rightarrow d:\left\{ \begin{gathered} x = 1 + t \hfill \\ hắn = 1 \hfill \\ z = 2 + t \hfill \\ \end{gathered} \right..$ Chọn đáp án B.
Ví dụ 2: Trong không khí $Oxyz,$ cho tới nhì điểm $A\left( 1;2;2 \right),B\left( 3;5;8 \right).$ Gọi $d$ là đường thẳng liền mạch trải qua $A$ tách trục $Ox$ sao cho tới khoảng cách kể từ $B$ cho tới đường thẳng liền mạch $d$ lớn số 1. Phương trình của $d$ là
A. $\dfrac{x-1}{5}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-2}{-2}.$ |
B. $\dfrac{x-1}{7}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-2}{-2}.$ |
C. $\dfrac{x-1}{9}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-2}{-2}.$ |
D. $\dfrac{x-1}{11}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-2}{-2}.$ |
Giải. Ta sở hữu $d\left( B,d \right)\le BA=7.$ Dấu vì thế xẩy ra Lúc và chỉ Lúc $d\bot \overrightarrow{AB}\left( 2;3;6 \right).$
Gọi $M\left( m;0;0 \right)=d\cap Ox\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\overrightarrow{AM}\left( m-1;-2;-2 \right)\bot \overrightarrow{AB}\left( 2;3;6 \right)$
$\Leftrightarrow 2\left( m-1 \right)-6-12=0\Leftrightarrow m=10\Rightarrow \overrightarrow{AM}\left( 9;-2;-2 \right)\Rightarrow d:\dfrac{x-1}{9}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-2}{-2}.$ Chọn đáp án C.
Cách 2: Gọi $M\left( m;0;0 \right)=d\cap Ox\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\overrightarrow{AM}\left( m-1;-2;-2 \right);\overrightarrow{AB}\left( 2;3;6 \right)\Rightarrow \left[ \overrightarrow{AB},\overrightarrow{AM} \right]=\left( 6;6m-2;-3m-1 \right)$
Khi cơ $d\left( B,d \right)=\dfrac{\left| \left[ \overrightarrow{AB},\overrightarrow{AM} \right] \right|}{\left| \overrightarrow{AM} \right|}=g\left( m \right)=\sqrt{\dfrac{36+{{\left( 6m-2 \right)}^{2}}+{{\left( 3m+1 \right)}^{2}}}{{{\left( m-1 \right)}^{2}}+4+4}}\le \underset{\mathbb{R}}{\mathop{\max }}\,g\left( m \right)=g\left( 10 \right)=7.$ Ta sở hữu nằm trong thành phẩm như cơ hội 1.
Xét đường thẳng liền mạch $d$ qua chuyện $M\Rightarrow \left[ \alpha d\left( A,d \right)+\beta d\left( B,d \right) \right]\max \Leftrightarrow d\bot \left( ABM \right),\left( \alpha ,\beta >0 \right)$
Ví dụ 1: Trong không khí $Oxyz,$ cho tới nhì điểm $A\left( 1;2;-1 \right),B\left( 2;3;6 \right).$ Xét đường thẳng liền mạch $d$ qua chuyện gốc toạ phỏng $O$ sao cho tới tổng khoảng cách kể từ $A$ và $B$ cho tới $d$ đạt độ quý hiếm lớn số 1. Phương trình của $d$ là
A. $\dfrac{x}{15}=\dfrac{y}{8}=\dfrac{z}{-1}.$ |
B. $\dfrac{x}{15}=\dfrac{y}{-8}=\dfrac{z}{1}.$ |
C. $\dfrac{x}{15}=\dfrac{y}{8}=\dfrac{z}{1}.$ |
D. \[\dfrac{x}{15}=\dfrac{y}{-8}=\dfrac{z}{-1}.\] |
Giải. Ta sở hữu $T=d\left( A,d \right)+d\left( B,d \right)\le AO+BO=\text{const.}$
Dấu vì thế đạt bên trên $d\bot OA;d\bot OB\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\left[ \overrightarrow{OA},\overrightarrow{OB} \right]=\left( 15;-8;-1 \right)\Rightarrow d:\dfrac{x}{15}=\dfrac{y}{-8}=\dfrac{z}{-1}.$ Chọn đáp án D.
Xét đường thẳng liền mạch $d$ qua chuyện $M\Rightarrow \left[ \alpha d\left( A,d \right)+\beta d\left( B,d \right)+\gamma d\left( C,d \right) \right]\max \Leftrightarrow d\bot \left( ABC \right),\left( M\in \left( ABC \right);\alpha ,\beta ,\gamma >0 \right)$
Ví dụ 1: Trong không khí $Oxyz,$ cho tới thân phụ điểm $A\left( 1;0;0 \right),B\left( 0;-2;0 \right),C\left( 0;0;3 \right).$ Xét đường thẳng liền mạch $d$ qua chuyện điểm $M\left( 1;2;3 \right)$ sao cho tới tổng khoảng cách kể từ $A,B$ và $C$ cho tới $d$ đạt độ quý hiếm lớn số 1. Phương trình của $d$ là
A. $\dfrac{x-1}{6}=\dfrac{y-2}{-3}=\dfrac{z-3}{2}.$ |
B. $\dfrac{x-1}{1}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-3}{3}.$ |
C. $\dfrac{x-1}{6}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-3}{3}.$ |
D. $\dfrac{x-1}{6}=\dfrac{y-2}{3}=\dfrac{z-3}{2}.$ |
Giải. Ta sở hữu $\left( ABC \right):\dfrac{x}{1}+\dfrac{y}{-2}+\dfrac{z}{3}=1\Rightarrow M\left( 1;2;3 \right)\in \left( ABC \right).$
Khi cơ $T=d\left( A,d \right)+d\left( B,d \right)+d\left( C,d \right)\le AM+BM+CM=\text{const.}$
Dấu vì thế đạt bên trên $d\bot AM;d\bot BM;d\bot CM\Leftrightarrow d\bot \left( ABC \right)$
$\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\overrightarrow{{{n}_{\left( ABC \right)}}}=\left( \dfrac{1}{1};\dfrac{1}{-2};\dfrac{1}{3} \right)||\left( 6;-3;2 \right)\Rightarrow d:\dfrac{x-1}{6}=\dfrac{y-2}{-3}=\dfrac{z-3}{2}.$ Chọn đáp án A.
Xét đường thẳng liền mạch $d$ thay cho thay đổi qua chuyện điểm $A$ và trực thuộc mặt mũi bằng $\left( Phường \right).$ Biện luận khoảng cách kể từ điểm $B$ cho tới $d$
Gọi $H,K$ thứu tự là hình chiếu vuông góc của $B$ lên $\left( Phường \right),d\Rightarrow BH=d\left( B,\left( Phường \right) \right);BK=d\left( B,d \right)$
Ta sở hữu $BK\ge BH=d\left( B,\left( Phường \right) \right)=\text{const}\Rightarrow \text{d}{{\left( B,d \right)}_{\min }}=d\left( B,\left( Phường \right) \right)\Leftrightarrow K\equiv H\Leftrightarrow d\equiv AH$
Và $BK\le BA=\text{const}\Rightarrow \text{d}{{\left( B,d \right)}_{\max }}=BA\Leftrightarrow K\equiv A\Leftrightarrow d\bot AB\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\left[ \overrightarrow{AB},\overrightarrow{{{n}_{P}}} \right]$
*Giả thiết trực thuộc mặt mũi bằng thay cho thế vì thế vuông góc với 1 véctơ, tuy vậy song với một phía bằng, vuông góc với 1 đường thẳng liền mạch, tách một đường thẳng liền mạch,…
Ví dụ 1: Trong không khí $Oxyz,$ cho tới điểm $A\left( 1;2;2 \right).$ Gọi $d$ là đường thẳng liền mạch qua chuyện gốc toạ phỏng $O$ và trực thuộc mặt mũi bằng $\left( Oxy \right)$ sao cho tới khoảng cách kể từ $A$ cho tới $d$ nhỏ nhất. Phương trình của $d$ là
A. \[\left\{ \begin{gathered} x = t \hfill \\ hắn = 2t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..\] |
B. $\left\{ \begin{gathered} x = 2t \hfill \\ hắn = t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ |
C. $\left\{ \begin{gathered} x = 2t \hfill \\ hắn = - t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ |
D. $\left\{ \begin{gathered} x = - t \hfill \\ hắn = 2t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ Xem thêm: Top 200+ hình nền Rồng cho điện thoại và máy tính: Mang đến may mắn và tài lộc |
Giải. Gọi $H\left( 1;2;0 \right)=h/c\left( A,\left( Oxy \right) \right);K=h/c\left( A,d \right)\Rightarrow d\left( A,d \right)=AK\ge AH=2.$
Dấu vì thế đạt bên trên $K \equiv H \Leftrightarrow d \equiv OH \Rightarrow d:\left\{ \begin{gathered} x = t \hfill \\ hắn = 2t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ Chọn đáp án A.
Ví dụ 2: Trong không khí $Oxyz,$ cho tới điểm $A\left( 1;2;2 \right).$ Gọi $d$ là đường thẳng liền mạch qua chuyện gốc toạ phỏng $O$ và trực thuộc mặt mũi bằng $\left( Oxy \right)$ sao cho tới khoảng cách kể từ $A$ cho tới $d$ lớn số 1. Phương trình của $d$ là
A. \[\left\{ \begin{gathered} x = t \hfill \\ hắn = 2t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..\] |
B. $\left\{ \begin{gathered} x = 2t \hfill \\ hắn = t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ |
C. $\left\{ \begin{gathered} x = 2t \hfill \\ hắn = - t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ |
D. $\left\{ \begin{gathered} x = - t \hfill \\ hắn = 2t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ |
Giải. Gọi $H\left( 1;2;0 \right)=h/c\left( A,\left( Oxy \right) \right);K=h/c\left( A,d \right)\Rightarrow d\left( A,d \right)=AK\le AO=3.$
Dấu vì thế đạt bên trên $K \equiv O \Leftrightarrow d \bot OA \Rightarrow \overrightarrow {{u_d}} = \left[ {\overrightarrow {OA} ,\overrightarrow {{n_{\left( {Oxy} \right)}}} } \right] = \left( {2; - 1;0} \right) \Rightarrow d:\left\{ \begin{gathered} x = 2t \hfill \\ hắn = - t \hfill \\ z = 0 \hfill \\ \end{gathered} \right..$ Chọn đáp án C.
Ví dụ 3: Trong không khí \[Oxyz,\] cho tới mặt mũi bằng $\left( Phường \right):x-2y+2z-5=0$ và nhì điểm $A\left( -3;0;1 \right),B\left( 1;-1;3 \right).$ Đường trực tiếp qua chuyện $A$ tuy vậy song với mặt mũi bằng $\left( Phường \right)$ cơ hội $B$ một khoảng chừng nhỏ nhất sở hữu phương trình là
A. $\dfrac{x+3}{24}=\dfrac{y}{11}=\dfrac{z-1}{-1}.$ |
B. $\dfrac{x+3}{26}=\dfrac{y}{11}=\dfrac{z-1}{-2}.$ |
C. $\dfrac{x-3}{24}=\dfrac{y}{11}=\dfrac{z+1}{-1}.$ |
D. $\dfrac{x-3}{26}=\dfrac{y}{11}=\dfrac{z+1}{-2}.$ |
Giải. Vì $A\left( -3;0;1 \right)\in d;d//\left( Phường \right):x-2y+2z-5=0\Rightarrow d\subset \left( Q \right):x-2y+2z+1=0$ là mặt mũi bằng qua chuyện $A$ tuy vậy song với $\left( Phường \right)$
Gọi $H\left( -\dfrac{1}{9};\dfrac{11}{9};\dfrac{7}{9} \right)=\mathbf{h/c}\left( \mathbf{B,}\left( \mathbf{Q} \right) \right);K=\mathbf{h/c}\left( \mathbf{B,d} \right)\Rightarrow BK=d\left( B,d \right)\ge BH=\mathbf{const}.$
Dấu vì thế xẩy ra Lúc $K\equiv H\Rightarrow d\equiv AH\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\overrightarrow{AH}\left( \dfrac{26}{9};\dfrac{11}{9};-\dfrac{2}{9} \right)//\left( 26;11;-2 \right)\Rightarrow d:\dfrac{x+3}{26}=\dfrac{y}{11}=\dfrac{z-1}{-2}.$ Chọn đáp án B.
Ví dụ 4: Trong không khí $Oxyz,$ cho tới nhì điểm $A\left( 1;2;2 \right),B\left( 3;5;8 \right).$ Gọi $d$ là đường thẳng liền mạch trải qua $A$ tách trục $Ox$ sao cho tới khoảng cách kể từ $B$ cho tới đường thẳng liền mạch $d$ nhỏ nhất. Phương trình của $d$ là
A. $\dfrac{x-1}{4}=\dfrac{y-2}{9}=\dfrac{z-2}{9}.$ |
B. $\dfrac{x-1}{17}=\dfrac{y-2}{-18}=\dfrac{z-2}{-18}.$ |
C. $\dfrac{x-1}{9}=\dfrac{y-2}{-2}=\dfrac{z-2}{-2}.$ |
D. $\dfrac{x-1}{4}=\dfrac{y-2}{-9}=\dfrac{z-2}{-9}.$ |
Giải. Vì $d$ là đường thẳng liền mạch trải qua $A$ tách trục $Ox$ nên $d$ trực thuộc mặt mũi bằng $\left( Phường \right)$ chứa chấp trục $Ox$ và $A$
Ta sở hữu $O\in Ox,\overrightarrow{OA}\left( 1;2;2 \right),\overrightarrow{{{u}_{Ox}}}=\overrightarrow{i}\left( 1;0;0 \right)\Rightarrow \overrightarrow{{{n}_{P}}}=\left[ \overrightarrow{OA},\overrightarrow{i} \right]=\left( 0;2;-2 \right)\Rightarrow \left( Phường \right):y-z=0$
Gọi $H\left( 3;\dfrac{13}{2};\dfrac{13}{2} \right)=h/c\left( B,\left( Phường \right) \right);K=h/c\left( B,d \right)\Rightarrow d\left( B,d \right)=BK\ge BH=d\left( B,\left( Phường \right) \right)=\dfrac{3}{\sqrt{2}}.$
Dấu vì thế xẩy ra Lúc và chỉ Lúc $K\equiv H\Leftrightarrow d\equiv AH\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\overrightarrow{AH}\left( 2;\dfrac{9}{2};\dfrac{9}{2} \right)||\left( 4;9;9 \right)\Rightarrow d:\dfrac{x-1}{4}=\dfrac{y-2}{9}=\dfrac{z-2}{9}.$ Chọn đáp án A.
Cách 2: Gọi $M\left( m;0;0 \right)=d\cap Ox\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\overrightarrow{AM}\left( m-1;-2;-2 \right);\overrightarrow{AB}\left( 2;3;6 \right)\Rightarrow \left[ \overrightarrow{AB},\overrightarrow{AM} \right]=\left( 6;6m-2;-3m-1 \right)$
Khi cơ $d\left( B,d \right)=\dfrac{\left| \left[ \overrightarrow{AB},\overrightarrow{AM} \right] \right|}{\left| \overrightarrow{AM} \right|}=g\left( m \right)=\sqrt{\dfrac{36+{{\left( 6m-2 \right)}^{2}}+{{\left( 3m+1 \right)}^{2}}}{{{\left( m-1 \right)}^{2}}+4+4}}\ge \underset{\mathbb{R}}{\mathop{\min }}\,g\left( m \right)=g\left( \dfrac{1}{9} \right)=\dfrac{3}{\sqrt{2}}.$ Ta sở hữu nằm trong thành phẩm như cơ hội 1.
Ví dụ 5: Trong không khí $Oxyz$, cho tới điểm $A\left( 0;1;2 \right)$ và đường thẳng liền mạch $d:\dfrac{x-4}{2}=\dfrac{y-2}{-1}=\dfrac{z-1}{-2}$. Gọi $\left( Phường \right)$ là mặt mũi bằng chứa chấp $d$ và cơ hội $A$ một khoảng chừng lớn số 1. Khoảng cơ hội kể từ điểm $M\left( 5;-1;3 \right)$ cho tới $\left( Phường \right)$ bằng
A. $\dfrac{2}{3}$. B. $\dfrac{7}{3}$. C. $\dfrac{1}{3}$. D. 1 .
Giải. Gọi \[H\left( 2t+4;-t+2;-2t+1 \right)\in d=h/c\left( A,d \right)\]
\[\Leftrightarrow \overrightarrow{AH}\left( 2t+4;-t+1;-2t-1 \right)\bot \overrightarrow{{{u}_{d}}}\left( 2;-1;-2 \right)\]
\[\Leftrightarrow 2\left( 2t+4 \right)-\left( -t+1 \right)-2\left( -2t-1 \right)=0\Leftrightarrow t=-1\Rightarrow \overrightarrow{AH}\left( 2;2;1 \right)\]
Ta sở hữu $d\left( A,\left( Phường \right) \right)\le AH=\text{const}.$ Dấu vì thế xẩy ra Lúc $\left( Phường \right)\bot AH$
\[\Rightarrow \left( Phường \right):2x+2y+z-13=0\Rightarrow d\left( M,\left( Phường \right) \right)=\dfrac{\left| 10-2+3-13 \right|}{\sqrt{4+4+1}}=\dfrac{2}{3}.\] Chọn đáp án A.
Khoảng cơ hội kể từ điểm đến chọn lựa đàng sinh của trụ
Xét đường thẳng liền mạch $d$ tuy vậy song và cơ hội đường thẳng liền mạch $\Delta $ một khoảng chừng vì thế $a.$ Biện luận khoảng cách kể từ $A$ cho tới $d$
Ta sở hữu $d||\Delta ,d\left( d,\Delta \right)=a\Rightarrow d$ là đàng sinh của mặt mũi trụ sở hữu trục $\Delta $ nửa đường kính $a$
Gọi $H,K$ thứu tự là hình chiếu vuông góc của $A$ lên $d,\Delta $ và $T$ là hình chiếu vuông góc của $K$ lên $d$
Ta sở hữu $AH=d\left( A,d \right);AK=d\left( A,\Delta \right);KT=d\left( d,\Delta \right)=a$
Giá trị rộng lớn nhất:
Ta sở hữu $AH\le AT\le AK+KT=d\left( A,\Delta \right)+a\Rightarrow d{{\left( A,d \right)}_{\max }}=a+d\left( A,\Delta \right)\Leftrightarrow A,K,H\equiv T$ trực tiếp sản phẩm theo dõi trật tự tức $\overrightarrow{AH}=\dfrac{AH}{AK}\overrightarrow{AK}=\dfrac{d\left( A,\Delta \right)+a}{d\left( A,\Delta \right)}\overrightarrow{AK}$
Giá trị nhỏ nhất:
+ Nếu $a\ge d\left( A,\Delta \right)\Rightarrow AH\ge HK-AK\ge KT-AK=a-d\left( A,\Delta \right)$
+ Nếu $a<d\left( A,\Delta \right)\Rightarrow AH\ge AT\ge AK-KT=d\left( A,\Delta \right)-a$
Vậy $d{{\left( A,d \right)}_{\min }}=\left| a-d\left( A,\Delta \right) \right|$
*Ghi nhớ: $d\left( A,d \right)$ lớn số 1 hoặc nhỏ nhất xẩy ra Lúc $A,d,\Delta $ đồng bằng.
Xét đường thẳng liền mạch $d\subset \left( Phường \right)$ và qua chuyện điểm $A.$ Biện luận khoảng cách thân thích hai tuyến phố trực tiếp $d,\Delta $
Gọi \[H=h/c\left( A,\Delta \right)\Rightarrow d\left( d,\Delta \right)\le AH=d\left( A,\Delta \right)=\mathbf{const}\]
\[\Rightarrow d{{\left( d,\Delta \right)}_{\max }}=d\left( A,\Delta \right)\Leftrightarrow d\bot AH\Rightarrow \overrightarrow{{{u}_{d}}}=\left[ \overrightarrow{AH},\overrightarrow{{{n}_{P}}} \right].\]
+ Nếu $\Delta //\left( Phường \right)\Rightarrow d\left( d,\Delta \right)=d\left( \Delta ,\left( Phường \right) \right)=\mathbf{const}$
Xem thêm: 99+ Hình Ảnh Anime Ngầu Đẹp Nhất Chất lượng Full HD 2024
+ Nếu $\Delta \cap \left( Phường \right)=I\Rightarrow d{{\left( d,\Delta \right)}_{\min }}=0\Leftrightarrow d\equiv AI$
Tính thể tích của khối lăng trụ tứ giác đều có cạnh đáy bằng a, cạnh bên bằng 6h là:
Cách tính nửa chu vi hình chữ nhật thông qua công thức: Nửa chu vi = chiều dài + chiều rộng = chu vi hình chữ nhật / 2
Cho hình chóp S.ABCD có đ y ABCD là hình vuông có cạnh bằng a. Cạnh bên SA vuông góc với mặt phẳng ABCD, góc giữa đường thẳng SC và mặt phẳng ABCD bằng 45o. Tính theo a thể tích của khối chóp S.ABCD.
Giải bài tập SGK Sinh học lớp 9 là tài liệu tổng hợp đầy đủ các kiến thức trọng tâm những bài tập củng cố kiến thức về Sinh học Di Truyền Và Biến Dị, Sinh Vật Và Môi Trường. Để giúp các em nâng cao hiệu quả học tập, tiết kiệm thời gian làm bài, eLib đã tổng hợp các bài tập SGK Sinh học 9 bao gồm phương pháp giải nhanh chóng và hướng dẫn giải rõ ràng cho từng bài tập. Mời các em cùng tham khảo!
Tìm m để phương trình có nghiệm nguyên, GiaiToan xin giới thiệu tới các bạn tìm giá trị của m để phương trình có nghiệm nguyên giúp học sinh bổ sung và nâng cao